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【2017参考】金版教程2016高考生物二轮复习课件1-4-2 遗传的基本规律和伴性遗传



第一编

专题整合突破

专题四 生物的遗传、变异与进化

第 2讲

遗传的基本规律和伴性遗传

高考调研· 明方向

1.[2015· 课标全国卷Ⅰ]抗维生素 D 佝偻病为 X 染色体显性遗传病,短指为常染色体显性遗传病,红绿色盲为 X 染色体隐性遗

传病,白化病为常染色体隐性遗传病。下列关于这四种遗传病遗传特征的叙述,正确的是 ( A.短指的发病率男性高于女性 B.红绿色盲女性患者的父亲是该病的患者 C.抗维生素 D 佝偻病的发病率男性高于女性 D.白化病通常会在一个家系的几代人中连续出现
解析 据题干可知短指为常染色体显性遗传病,常染色体遗传病在不同性别中的发病率一般无区别, A 错误。红

)

绿色盲是伴 X 染色体隐性遗传病,女性患者的父亲必患病,B 正确。抗维生素 D 佝偻病为伴 X 染色体显性遗传病,女 性患者通常多于男性患者,C 错误。白化病为常染色体隐性遗传病,常表现出隔代遗传的特点,D 错误。

2.[2015· 福建高考]绿色荧光标记的 X 染色体 DNA 探针(X 探针),仅能与细胞内的 X 染色体 DNA 的一段特定序 列杂交,并使该处呈现绿色荧光亮点。同理,红色荧光标记的 Y 染色体 DNA 探针(Y 探针)可使 Y 染色体呈现一个红 色荧光亮点。同时用这两种探针检测体细胞,可诊断性染色体数目是否存在异常。医院对某夫妇及其流产胎儿的体细 胞进行检测,结果如图所示。下列分析正确的是( B.据图分析可知妻子患 X 染色体伴性遗传病 C.妻子的父母至少有一方患有性染色体数目异常疾病 D.该夫妇选择生女儿可避免性染色体数目异常疾病的发生
解析 结合题干信息 X 探针仅能与细胞内的 X 染色体 DNA 的一段特定序列杂交,可知 X 染色体 DNA 上必定有

)

A.X 染色体 DNA 上必定有一段与 X 探针相同的碱基序列

一段与 X 探针相同的碱基序列,A 项正确;图中妻子体细胞中的绿色荧光亮点有三个,说明其体内有三条 X 染色体, 属于染色体异常遗传病,B 项错误;如果妻子父母的性染色体数目均正常,在形成配子的过程中,妻子的母亲在减数 第一次分裂后期一对 X 染色体没有分离或减数第二次分裂后期着丝点断裂后两条 X 染色体没有分离,也会导致妻子出 现三条 X 染色体的现象,C 项错误;丈夫、妻子的性染色体组成分别为 XY、XXX,因此可判断若生女儿也有可能患 染色体异常疾病,D 项错误。

3.[2014· 海南高考]基因为 AaBbDdEeGgHhKk 的个体自交,假定这 7 对等位基因自由组合,则下列有关其子代的 叙述,正确的是( ) A.1 对等位基因杂合、6 对等位基因纯合的个体出现的概率为 5/64 B.3 对等位基因杂合、4 对等位基因纯合的个体出现的概率为 35/128 C.5 对等位基因杂合、2 对等位基因纯合的个体出现的概率为 67/256 D.7 对等位基因纯合个体出现的概率与 7 对等位基因杂合的个体出现的概率不同
解析 依数学组合原理及基因自由组合定律,1 对等位基因杂合,6 对纯合的个体出现的概率为 7/128,A 错;5 对

基因杂合,2 对基因纯合的个体出现的概率为 21/128,C 错误;7 对等位基因纯合个体与 7 对等位基因杂合的个体出现 的概率相等为 1/128,D 错误。

4.[2014· 海南高考]某二倍体植物中,抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制。要确定这对性状的显隐性关 系,应该选用的杂交组合是( A.抗病株×感病株 B.抗病纯合体× 感病纯合体 C.抗病株×抗病株,或感病株×感病株 D.抗病纯合体×抗病纯合体,或感病纯合体×感病纯合体
解析 依显性性状和隐性性状的概念,具有一对相对性状的纯合亲本杂交,子一代表现出来的性状为显性性状,

)

未表现的性状为隐性性状,故 B 正确。

5.[2014· 山东高考]某家系的遗传系谱图及部分个体基因型如图所示,A1、A2、A3 是位于 X 染色体上的等位基因。 下列推断正确的是( ) A.Ⅱ—2 基因型为 XA1XA2 的概率是 1/4 B.Ⅲ—1 基因型为 XA1Y 的概率是 1/4 C.Ⅲ—2 基因型为 XA1XA2 的概率是 1/8 D.Ⅳ—1 基因型为 XA1XA1 概率是 1/8

解析

父亲的 X 染色体一定能传递给女儿、Y 染色体一定传递给儿子,母亲的两条 X 染色体传递给后代的几率相

等。 Ⅱ—2 和Ⅱ—3 基因型分别为 1/2XA1XA2、 1/2XA1XA3, 产生配子为 1/2XA1、 1/4XA2、 1/4XA3, 因此Ⅲ—1 基因型为 1/2XA1Y、 1/4XA2Y、1/4XA3Y,产生含 X 的配子为 1/2XA1、1/4XA2、1/4XA3。Ⅲ—2 基因型为 1/2XA1XA2、1/4XA2XA2、1/4XA2XA3, 产生配子为 1/4XA1、5/8XA2、1/8XA3。故Ⅳ—1 为 XA1XA1 的概率是 1/8。

6.[2014· 安徽高考]鸟类的性别决定为 ZW 型。某种鸟类的眼色受两对独立遗传的基因(A、a 和 B、b)控制。甲、 乙是两个纯合品种,均为红色眼。根据下列杂交结果,推测杂交 1 的亲本基因型是( A.甲为 AAbb,乙为 aaBB B.甲为 aaZBZB,乙为 AAZbW C.甲为 AAZbZb,乙为 aaZBW D.甲为 AAZbW,乙为 aaZBZB )

解析

根据杂交组合 2 中后代的表现型与性别相联系,可知控制该性状的基因在 Z 染色体上,可知 A 项错误;杂

交组合 1 中后代雌雄表现型相同,且都与亲本不同,可见子代雌雄个体应是同时含 A 和 B 才表现为褐色眼,则甲的基 因型为 aaZBZB,乙的基因型为 AAZbW,因此后代褐色眼的基因型为 AaZBZb 和 AaZBW,由此可知反交的杂交组合 2 中亲本基因型为 aaZBW 和 AAZbZb,后代雌性的基因型为 AaZbW(红色眼)、雄性的基因型为 AaZB Zb(褐色眼),这个结 果符合杂交 2 的子代表现,说明最初推测正确,即杂交 1 的亲本基因型为 AaZBZb 和 AaZBW,B 项正确。

7.[2015· 福建高考]鳟鱼的眼球颜色和体表颜色分别由两对等位基因 A、a 和 B、b 控制。现以红眼黄体鳟鱼和黑 眼黑体鳟鱼为亲本,进行杂交实验,正交和反交结果相同。实验结果如图所示。请回答:

黄体(或黄色) 。亲本中的红眼黄体鳟鱼的基因型是________ aaBB 。 (1)在鳟鱼体表颜色性状中,显性性状是____________
红眼黑体 性状的个体, (2)已知这两对等位基因的遗传符合自由组合定律, 理论上 F2 还应该出现__________ 但实际并未出现, aabb 的个体本应该表现出该性状,却表现出黑眼黑体的性状。 推测其原因可能是基因型为________

(3)为验证(2)中的推测, 用亲本中的红眼黄体个体分别与 F2 中黑眼黑体个体杂交, 统计每一个杂交组合的后代性状
全部为红眼黄体 ,则该推测成立。 及比例。只要其中有一个杂交组合的后代________________

(4)三倍体黑眼黄体鳟鱼具有优良的品质。科研人员以亲本中的黑眼黑体鳟鱼为父本,以亲本中的红眼黄体鳟鱼为 母本,进行人工授精。用热休克法抑制受精后的次级卵母细胞排出极体,受精卵最终发育成三倍体黑眼黄体鳟鱼,其 AaaBBb 。由于三倍体鳟鱼______________________________________________________________________ 不能进行正常的减数分裂,难以产生正常配子(或在减数分裂过程中,染色体 基因型是_________
联会紊乱,难以产生正常配子) ,导致其高度不育,因此每批次鱼苗均需重新育种。 _____________________________

解析

(1)杂交实验的正反交结果相同,且 F2 的表现型比例为 9∶3∶4,说明两对基因均位于常染色体上,符合基

因的自由组合定律,根据黄体×黑体→F1 全为黄体,说明黄体对黑体为显性;根据红眼×黑眼→F1 全为黑眼,说明黑 眼对红眼为显性,则亲本的基因型是 aaB_和 A_bb,又根据 F2 的表现型及其比例为 9∶3∶4(3+1),可推出 F1 的基因 型为 AaBb,则亲本中红眼黄体的基因型为 aaBB。(2)综上所述可知,P:aaBB×AAbb→F1:AaBb,F1 自交得 F2,理 论上 F2 为 9 黑眼黄体(A_B_)∶3 红眼黄体(aaB_)∶3 黑眼黑体(A_bb)∶1 红眼黑体(aabb), 可是实验结果是 F2 的表现型 及其比例为黑眼黄体∶红眼黄体∶黑眼黑体=9∶3∶4(即 3+1), 因此可以推测 1/16 的 aabb(红眼黑体)表现出了黑眼黑 体。 (3)如果第 (2)小题的假设成立,则亲本中红眼黄体个体 (aaBB)与 F2 中黑眼黑体个体(A_bb 或 aabb)杂交,其中 aaBB×aabb→aaBb,此时子代全部为红眼黄体。(4)亲本中黑眼黑体个体(AAbb)作为父本,其精子基因型为 Ab,亲本 中红眼黄体个体(aaBB)作为母本,其次级卵母细胞基因组成为 aaBB(不排出极体),则受精卵的基因型为 AaaBBb,所 以受精卵最终发育成的三倍体黑眼黄体鳟鱼的基因型为 AaaBBb,由于三倍体黑眼黄体鳟鱼不能进行正常的减数分裂 (或在减数分裂过程中,染色体联会紊乱),难以产生正常配子,导致其高度不育。

8.[2015· 安徽高考]已知一对等位基因控制鸡的羽毛颜色,BB 为黑羽,bb 为白羽,Bb 为蓝羽;另一对等位基因 CL 和 C 控制鸡的小腿长度,CLC 为短腿,CC 为正常,但 CLCL 胚胎致死。两对基因位于常染色体上且独立遗传。一 只黑羽短腿鸡与一只白羽短腿鸡交配,获得 F1。

蓝羽短腿∶蓝羽正常=2∶1 6 (1)F1 的表现型及比例是____________________________ 。若让 F1 中两只蓝羽短腿鸡交配,F2 中出现________ 种不
1/3 同表现型,其中蓝羽短腿鸡所占比例为 ________ 。 显性 ;在控制致死效应上,CL 是 (2)从交配结果可判断 CL 和 C 的显隐性关系,在决定小腿长度性状上,CL 是________ 隐性 。 ________

(3)B 基因控制色素合成酶的合成,后者催化无色前体物质形成黑色素。科研人员对 B 和 b 基因进行测序并比较, 从缺失部位以后翻译 提前终止 或____________________ 发现 b 基因的编码序列缺失一个碱基对。据此推测,b 基因翻译时,可能出现____________
的氨基酸序列发生变化 ________________________ ,导致无法形成功能正常的色素合成酶。

(4)在火鸡(ZW 型性别决定)中,有人发现少数雌鸡的卵细胞不与精子结合,而与某一极体结合形成二倍体,并能发 卵细胞只与次级卵母细胞形成的极体结合, 育成正常个体(注:WW 胚胎致死)。这种情况下,后代总是雄性,其原因是 _____________________________________

产生的 ZZ 为雄性、WW 胚胎致死 __________________________________ 。

解析

(1)依题意, 亲本黑羽短腿鸡与白羽短腿鸡的基因型分别为 BBCLC、 bbCLC, F1 基因型(表现型)为 BbCLCL(致

死)∶BbCLC(蓝羽短腿)∶BbCC(蓝羽正常腿)=1∶2∶1。 若让 F1 中两只蓝羽短腿鸡(BbCLC)交配, F2 中出现 3×2=6(种) 表现型,其中蓝羽短腿鸡(BbCLC)占 1/2×2/3= 1/3。(2)从交配结果可以分析,由于基因型 CLC 表现为短腿,CC 表现 为正常,故在决定小腿长度上,基因 CL 对基因 C 为显性;在控制致死效应上,只有基因型 CLCL 才表现出致死现象, 说明在致死效应上,基因 CL 是隐性。(3)当基因中缺失 1 个碱基对时,会导致 mRNA 上缺失 1 个碱基,可能导致决定 氨基酸的密码子变成终止密码子,从而导致肽链合成提前终止,也可能导致缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变化, 也可能使终止密码子消失,从而导致肽链变长。(4)火鸡性别决定方式为 ZW 型,ZZ 为雄性,ZW 为雌性,当 ZW 雌 鸡产的卵细胞为 Z 时,次级卵母细胞形成的极体为 Z。当 ZW 雌鸡产的卵细胞为 W 时,次级卵母细胞形成的极体为 W,即卵细胞与次级卵母细胞形成的极体结合,产生后代 ZZ(雄性)、WW(胚胎致死),所以这种情况下后代总是雄性。

9.[2014· 课标全国卷Ⅱ]山羊性别决定方式为 XY 型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传,图中深色表示该 种性状的表现者。

已知该性状受一对等位基因控制,在不考虑染色体变异和基因突变的条件下,回答下列问题: 隐性 (1)据系谱图推测,该性状为________(填“隐性”或“显性”)性状。 (2)假设控制该性状的基因位于 Y 染色体上,依照 Y 染色体上基因的遗传规律,在第Ⅲ代中表现型不符合该基因遗 传规律的个体是______________________ Ⅲ-1、Ⅲ-3 和Ⅲ-4 (填个体编号)。
Ⅰ- 2、Ⅱ-2、Ⅱ-4 填个体编号), (3)若控制该性状的基因仅位于 X 染色体上, 则系谱图中一定是杂合子的个体是 __________________( Ⅲ-2 填个体编号)。 可能是杂合子的个体是________(

解析

(1)①根据系谱图,Ⅱ-1 和Ⅱ-2 均不表现该性状,但他们的后代Ⅲ-1 出现该性状,推知该性状为隐性,

Ⅱ-1 和Ⅱ-2 为该性状的携带者。(2)假设该性状基因位于 Y 染色体上,该性状由 Y 染色体传递,因此表现该性状个 体的所有雄性后代和雄性亲本都表现该性状,且雌性个体不会表现该性状。据此理论上第Ⅲ世代各个体的性状表现应 为:Ⅲ-1 不表现该性状(因为Ⅱ-1 不表现该性状)、Ⅲ-2 和Ⅲ-3 均不表现该性状(因为是雌性)、Ⅲ-4 表现该性状 (因为Ⅱ-3 表现该性状)。结合系谱图可知,不符合该基因遗传规律的个体是Ⅲ-1、Ⅲ-3 和Ⅲ-4。(3)假设控制该性 状的基因仅位于 X 染色体上,且由(1)知该性状为隐性遗传(为解析方便假定该性状由基因 A-a 控制);Ⅰ-2 和Ⅱ-2 均未表现出该性状(XAX-),但他们的雄性后代(Ⅱ-3 和Ⅲ-1)却表现出该性状(XaY);同时考虑到雄性个体的 X 染色 体来自于雌性亲本,据此断定Ⅰ-2 和Ⅱ-2 一定为杂合体(XAXa)。Ⅲ-3 表现该性状(XaXa),其所含的一条 X 染色体 必然来自Ⅱ-4;同时Ⅲ-3 不表现该性状,据此断定Ⅱ-4 为杂合体(XAXa)。Ⅲ-2 不表现出该性状,其雌性亲本Ⅱ- 2 为杂合体(XAXa),因此Ⅲ-2 既可以是杂合子(XAXa)也可以是纯合子(XAXA)。

命题规律及预测

在高考中,相关试题可以在选择题中出现,也可在非选择题中出现,既可以考查考生对基

础知识的理解能力,又可以考查考生的实验探究能力,且涉及的知识面广、难度大。分析近三年的高考题,可以看出: 考查水平从识记到应用。命题淡化了对基础概念的识记,注重对基本原理和规律的理解,试题综合程度不高,步骤不 难,主要考查考生对生物学有关过程、规律和现象的理解情况。分离定律的考查大多以非选择题的形式出现,是体现 生物试题区分度的重要考点, 高考对知识的考查主要有: 根据亲代的表现型 (基因型)推测子代的基因型(表现型)及比例; 根据子代表现型及比例推测亲代的基因型;遗传概率的计算等,本部分主要以遗传实验为背景,结合伴性遗传、人类 遗传病、生物变异、进化的知识综合考查,大多数以非选择题的形式出现,选择题常考查遗传系谱图或孟德尔相关实 验。伴性遗传的考查往往与遗传规律的考查互不可分,且难度有所增大,在高考中主要考查基因与染色体的关系,基 因型的判定,概率的计算。 预测 2016 年本部分仍为必考知识,其中自由组合规律与育种相联系出题可能性比较大,选择题、非选择题都会考 查。

考点聚焦· 升知能

考点一

基因的分离定律和自由组合定律

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1.解读孟德尔定律的发现思路——假说-演绎 (1)发现现象——纯合亲本杂交,F1 只出现显性性状,F2 出现性状分离 3∶1(9∶3∶3∶1)。 (2)提出问题——F1 为什么只出现显性性状,F2 分离比是怎样出现的。 (3)作出假设——生物性状由遗传因子决定,遗传因子有显、隐之分;体细胞中遗传因子成对;生殖细胞形成时, 成对的遗传因子分离各自进入一个配子,雌雄配子结合机会均等。 (4)演绎推理——测交、预测结果 1∶1(1∶1∶1∶1) (5)实验验证——测交结果与预测相符 (6)得出结论——孟德尔两大定律

2.性状显隐性的判断

(2)杂交法:具有相对性状的亲本杂交,子代所表现出的那个亲本性状为显性,未表现出的那个亲本性状为隐性。 (3)假设法:若以上方法无法判断时,可以用假设法来判断性状的显隐性。在运用假设法判断显性性状时,若出现 假设与事实相符的情况,要注意两种性状同时作假设或对同一性状作两种假设,切不可只根据一种假设得出片面的结 论。但若假设与事实不相符,则不必再作另一假设,可直接予以判断。

3. 遗传基本定律的验证方法 (1)自交法 ①若 F1 自交后代的性状分离比为 3∶1,则符合基因的分离定律。 ②若 F1 自交后代的性状分离比为 9∶3∶3∶1(或 9∶3∶3∶1 的变式比例),则符合基因的自由组合定律。 (2)测交法 ①若测交后代的性状分离比为 1∶1,则符合基因的分离定律。 ②若测交后代的性状分离比为 1∶1∶1∶1(或 1∶1∶1∶1 的变式比例),则符合基因的自由组合定律。 (3)花粉鉴定法 根据花粉表现的性状(如花粉的形状、染色后的颜色等)判断。 ①若花粉有两种表现型,比例为 1∶1,则符合基因的分离定律。 ②若花粉有四种表现型,比例为 1∶1∶1∶1,则符合基因的自由组合定律。 (4)单倍体育种法

①取花药离体培养,用秋水仙素处理单倍体幼苗,若植株性状有两种表现型,比例为 1∶1,则符合基因的分离定律。 组合定律。

②取花药离体培养,用秋水仙素处理单倍体幼苗,若植株性状有四种表现型,比例为 1∶1∶1∶1,则符合基因的自

4.高考常考的特殊分离比的分析 (1)具有一对相对性状的杂合子自交子代性状分离比 ①2∶1―→说明显性纯合致死。 ②1∶2∶1―→说明不完全显性或共显性(即 AA 与 Aa 表现型不同)。 (2)巧用“合并同类项”推自由组合特殊比值(基因互作) ①9∶6∶1―→9∶(3+3)∶1 ②12∶3∶1―→(9+3)∶3∶1 ③9∶4∶3―→9∶(3+1)∶3 ④15∶1―→(9+3+3)∶1 ⑤9∶7―→9∶(3+3+1) ⑥13∶3―→(9+3+1)∶3 上述各特殊分离比的共性是总组合数为“16”,其基因型比例不变,即 A_B_(9)∶A_bb(3)∶aaB_(3)∶aabb(1),只 1 是性状分离比改变,倘若 F2 总组合数呈现“15”则表明有 的比例“致死”。 16

易错母题探究
1.[2015· 石家庄质检]从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状,在表现型上受个体性别影响的现象。绵羊的有 角和无角受常染色体上一对等位基因控制,有角基因 H 为显性基因,无角基因 h 为隐性基因,在杂合体(Hh)中,雄羊 表现为有角,雌羊则表现为无角,这说明杂合体的表现型受性别影响。黑面 (M)对白面(m)为显性,假设控制该性状的 基因位于常染色体上,且显性纯合致死。两对相对性状独立遗传。请回答下列问题。

6 (1)在自由放养的种群中,公羊表现型有________ 种,基因型有________ 种。 4
(2)用有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交,得 F1,F1 雌雄个体相互交配,得 F2,则 F2 中有角和无角的比例为 2∶3 。 1∶1 ,黑面和白面的比例为________ ________

无角白面的雄绵羊与其杂交,并观察 (3)现有一只无角黑面雌绵羊,欲鉴定其基因型,最简单的方法是用表现型为 ________
后代表现型:

雌羊全无角(无角黑面和无角白面),雄羊中有角(有角黑面和有角白面)个体与无角(无角黑面和无 角白面)个体的比例接近 1∶1 ①若后代_________________________________________________________________________________________ , HhMm 则其基因型为_____________________________________________________________________________________ ;

全是无角(无角黑面和无角白面) ②若后代_________________________________________________________________________________________ , hhMm 则其基因型为____________________________________________________________________________________ 。

解析

(1)由于显性基因纯合致死,黑面中无显性纯合体,所以,有角、无角,黑面、白面的基因型组合为 (HH、

Hh、hh)(Mm、mm),因此表现型有 4 种,基因型有 6 种。(2)有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交,单独分析每 一种相对性状。P:HH×hh→F1:Hh,F1(Hh)自由交配,F2 为 1HH(有角)、2Hh(1/2 有角♂、1/2 无角♀)、1hh(无 角),所以比例为有角∶无角=1∶1。 同理, 黑面和白面杂交,P: Mm×mm→F1:Mm、mm,F1 自由交配,即(1/4M、 3/4m)(1/4M 、 3/4m)→1MM(致死 )∶6Mm∶9 mm,故黑面与白面的比例为 2∶3。 (3)无角黑面雌绵羊的基因型是 HhMm 或 hhMm(黑面显性纯合致死), 所以鉴定基因型时只判断出无角雌绵羊的基因型是 Hh 还是 hh 即可。 最简单 的做法是让无角白面雄绵羊(hhmm)与其杂交, 若该羊的基因型是 HhMm, 则后代会出现基因型为 Hh 和 hh 的个体, 即雄性出现有角和无角两种性状,雌性全是无角。若该羊的基因型为 hhMm,则后代不论雌雄,都是无角。

(1)从题干中你获得了哪些新信息?

提示

①两对基因符合自由组合定律

②Hh 的雄性有角,雌性无角 ③MM 个体致死
(2)鉴定某个体基因型的方法有哪些?

提示

对于植物来说最简便的方法是自交,对于动物来说是测交法。
(1)不能灵活运用题中新的信息。

(2)两对性状分开考虑,计算方式不能运用自如。

即时变式训练Ⅰ 2.[2015· 衡水调研]虎皮鹦鹉羽毛颜色的遗传机理如图所示,当个体基因型为 aabb 时,两种色素都不能合成,表 现为白色。现有一只纯合绿色鹦鹉和一只纯合白色鹦鹉杂交得 F1,再让 F1 雌雄个体随机交配得 F2。请回答:

(1)控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循_________________ F1 自由交配产生的后代会发生性状分离, 其原 基因的自由组合 定律, 控制鹦鹉羽毛颜色的两对基因间发生了基因重组 。 因是_______________________________________________ 1 (2)若 F1 与白色鹦鹉交配,后代出现蓝色鹦鹉的概率为________ ;如果让 F2 表现型为绿色的鹦鹉自由交配,后代 4 表现型及比例为___________________________________________ 。 绿色∶蓝色∶黄色∶白色=64∶8∶8∶1 (3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交,且因某种因素的影响,后代中的白色鹦鹉全部死亡,则绿色鹦鹉 1 所占的比例为________ 。 3

多只白色雌性鹦鹉 与 (4)如欲判断一只绿色雄性鹦鹉的基因型,应从绿色、蓝色、黄色、白色纯合子群体中选择 __________________
其杂交: ①如后代全为绿色鹦鹉,则其基因型为 AABB;

绿色∶蓝色=1∶1 ,其基因型为 AABb; ②如后代__________________ AaBB ; ③如后代绿色∶黄色为 1∶1,则其基因型为________
绿色∶蓝色∶黄色∶白色=1∶1∶1∶1 ,其基因型为 AaBb。 ④如后代______________________________________

点拨

(1)A 与 B 基因分别位于 1、3 号染色体上,遵循自由组合定律。(2)由信息推知,A、B 同时出现为绿色,只

有 A 为蓝色,只有 B 为黄色。 F1 基因型为 AaBb 与白色个体测交结果绿色占 1/4 。 F2 中绿色个体基因型为 2 AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb=1∶2∶2∶4,则 A 基因频率为 2/3,a 为 1/3,则 A_∶aa=8∶1,B 基因频率为 ,b 3 为 1/3,则 B_∶bb=8∶1。综合上述:A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=64∶8∶8∶1。(3)杂合黄色 aaBb 与杂合蓝色 Aabb 杂交后代为 AaBb、Aabb、aaBb、aabb(死),故绿色个体占 1/3。(4)判断动物的基因型最常用的方法为测交,要注意与 多对白色雌性交配,该类题一般用逆推法来解题,即首先假设亲本基因型,推子代表现型及比例,如果子代得出相应 结果则说明亲本基因型即为假设。

3.现有三个纯合品系的某自花传粉植物:紫花、红花和白花,用这 3 个品系做杂交实验,结果如下,结合实验结 果分析回答下列问题:

两 紫花×红花 。 (1)紫花和红花性状受________ 对基因控制,甲组杂交亲本的表现型是___________ 紫花∶白花=3∶1 (2)将乙组和丙组 F1 代紫花进行杂交,后代表现型及比例是________________________ 。
1800 株植株能产生红花后代。 (3)从丙组 F1 植株上收获共 3200 粒种子,将所有种子单独种植(自交),理论上有________

(4)请从题干的三个纯合品系中选择亲本为实验材料,通过一次杂交实验鉴别出丙组 F2 中的杂合白花植株。 选择纯合红花与丙组中的白花杂交观察子代表现型 ①实验步骤:_________________________________________________________ 。

既有紫花又有红花 ,则为杂合白花植株。 ②结果分析:若子代____________________
点拨 (1)丙组合中出现了 9∶3∶4 的比例,是 9∶3∶3∶1 的变式,说明该性状由两对等位基因控制,该性状的遗

传遵循基因的自由组合定律。设紫花为 A_B_,红花为 A_bb,则白花为 aaB_和 aabb。甲组合中,子二代紫花(A_B_)∶ 红花(A_bb)=3∶1,说明子一代紫花基因型为 AABb,故亲本组合为紫花(AABB)和红花(AAbb)。(2)乙组合中,子二代 紫花(A_B_)∶白花(aaB_)=3∶1,说明子一代紫花基因型为 AaBB,故亲本组合为紫花(AABB)和白花(aaBB)。丙组合 中子一代紫花基因型为 AaBb,乙组子一代紫花(AaBB)和丙组子一代紫花(AaBb)杂交,子代紫花(A_B_)占 3/4,白花 (aaB_)占 1/4,即紫花∶白花=3∶1。(3)丙组子一代收获 3200 粒种子(即子二代),子二代自交后能产生红花后代(A_bb) 的类型有 A_bb 和 A_Bb,所占比例分别是 3/16、 6/16,故理论上子二代中能产生红花后代的植株有 3200×9/16= 1800(株)。(4)丙组中子二代白花类型有 aaBB、aaBb、aabb,可用纯合子红花(AAbb)与丙组中的子二代白花杂交,观 察下一代的花色类型及比例,若后代全是紫花,则该子二代白花基因型为 aaBB;若后代紫花与红花比例为 1∶1,则 该子二代白花基因型为 aaBb;若后代全是红花,则该子二代白花基因型为 aabb。

易错母题探究Ⅱ 4.研究基因传递规律主要是通过下列哪项的遗传来推知的 ( A.染色体 C.基因 B.DNA D.性状 )

解析

在孟德尔研究遗传规律时,并不知道与生物遗传有关的染色体、 DNA 和基因的结构和作用,更别说他

们之间的关系,他只能通过性状的遗传规律来推断,事实上他也是如此做的。

(1)基因的遗传规律是谁得出来的?通过什么实验得出结果?
提示 孟德尔通过豌豆杂交实验得出来。

(2)孟德尔对这种遗传现象成因如何解释?

提示

成对的遗传因子分离和自由组合。
不能正确理解孟德尔发现两大遗传定律的背景知识。

即时变式训练Ⅱ 5.[2015· 北京朝阳区期末]已知桃树中,树体乔化与矮化为一对相对性状(由等位基因 A、a 控制),蟠桃果形与圆 桃果形为一对相对性状(由等位基因 B、b 控制),以下是相关的两组杂交实验。 杂交实验一:乔化蟠桃(甲)×矮化圆桃(乙)→F1:乔化蟠桃∶矮化圆桃=1∶1 杂交实验二:乔化蟠桃(丙)×乔化蟠桃(丁)→F1:乔化蟠桃∶矮化圆桃=3∶1 根据上述实验判断,以下关于甲、乙、丙、丁四个亲本的基因在染色体上的分布情况正确的是 ( )

点拨

根据实验二:乔化×乔化→后代出现矮化,说明乔化相对于矮化是显性性状,蟠桃×蟠桃→F1 出现圆桃,

蟠桃对圆桃是显性性状。实验一后代中乔化∶矮化=1∶1,属于测交类型,说明亲本的基因型为 Aa 和 aa;蟠桃∶圆 桃=1∶1,也属于测交类型,说明亲本的基因型为 Bb 和 bb,推出亲本的基因型为 AaBb、aabb,如果这两对性状的 遗传遵循自由组合定律,则实验一的杂交后代应出现 2×2=4 种表现型,比例应为 1∶1∶1∶1,与实验一的杂交结果 不符,说明上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律,控制两对相对性状的基因不在两对同源染色体上。同理推 知,杂交实验二亲本基因型应是 AaBb、AaBb,基因图式如果为 C,则杂交实验二后代比例为 1∶2∶1,所以 D 正确。

6.棕色鸟与棕色鸟杂交,子代有 23 只白色,26 只褐色,53 只棕色。棕色鸟和白色鸟杂交,其后代中白色个体所 占比例是( A.100% C.50% ) B.75% D.25%

点拨

棕色鸟与棕色鸟杂交后代出现棕色、褐色和白色性状的个体,且比例为 2∶1∶1,说明棕色鸟是杂合子,

其杂交后代出现性状分离。不管白色鸟是显性纯合子还是隐性纯合子,其与棕色鸟杂交后代中白色鸟均占 50%。

易错母题探究Ⅲ 7.在一些性状的遗传中,具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育,导致后代中不存在该基因型的个体,从而使 性状的分离比例发生变化。小鼠毛色的遗传就是一个例子。一个研究小组,经大量重复实验,在小鼠毛色遗传的研究 中发现: A.黑色鼠与黑色鼠杂交,后代全部为黑色鼠 B.黄色鼠与黄色鼠杂交,后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为 2∶1 C.黄色鼠与黑色鼠杂交,后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为 1∶1 根据上述实验结果,回答下列问题:(控制毛色的显性基因用 A 表示,隐性基因用 a 表示) Aa ①黄色鼠的基因型是________ ,黑色鼠的基因型是________ 。 aa
AA ②推测不能完成胚胎发育的合子的基因型是________ 。

③写出上述 B、C 两个杂交组合的遗传图解。

答案

③B:Aa 黄色

× ↓

Aa 黄色 2Aa ∶ 1aa 黑色

C:Aa 黄色

× ↓

aa 黑色 1aa 黑色

1AA ∶ 不存活

1Aa ∶ 黄色

黄色

解析

由 A、B、C 杂交组合可知,黄色鼠为显性性状且是杂合子,黑色鼠是隐性性状(无中生有为隐性)。根据

基因分离定律,杂合子自交,其后代分离比应是 3∶1,可结果是 2∶1,说明存在显性致死。

(1)题干中哪些信息是应该注意的?

提示

某种基因型合子不能完成胚胎发育;大量重复实验可排除偶然误差。

(2)B 组实验出现 2∶1 异常分离比的原因是什么?

提示

AA 显性纯合致死。
不能正确分析出显性纯合致死,遗传图解书写不规范。

即时变式训练Ⅲ 8.1905 年,法国的 L.Cncnat 在遗传实验时发现一种显性纯合致死现象。他饲养的黄色皮毛品种的老鼠不能稳定 传代, 而灰色皮毛品种的老鼠能够稳定传代。 黄鼠与黄鼠交配, 其后代总要出现灰鼠, 而黄鼠和灰鼠的比例往往是 2∶1。 此交配方式中致死个体出现的概率是( A.25% C.66.7% B.33% D.75% )

点拨

依题意知皮毛的黄色和灰色是一对相对性状,且黄色为显性性状,灰色为隐性性状,设两者分别由基因

A 和 a 控制。由于显性纯合(AA)致死,所以黄鼠的基因型只能是 Aa,黄鼠与黄鼠交配,子代出现 AA 个体所占的 概率为 1/4。

9.某种鼠中,黄鼠基因 Y 对灰鼠基因 y 为显性,短尾基因 T 对长尾基因 t 为显性,且基因 Y 或 T 纯合时都能使 胚胎致死,这两对基因是独立遗传的,现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配,理论上所生的子代表现型比例为 ( A.2∶1 C.4∶2∶2∶1 B.9∶3∶3∶1 D.1∶1∶1∶1 )

点拨

本题将自由组合规律与致死现象一起考查。由题意可知,含 YY 与 TT 都会致死则双杂合子交配

(YyTt×YyTt)可分解为 Yy?和 Tt?,后代中黄∶灰=2∶1,短尾∶ 长尾=2∶1。综合起来,表现型比例为 4∶2∶2∶1。

1.利用分解组合法解答自由组合问题 (1)解题步骤:

(2)实例: 基因型分别是 AaBbCc 和 AabbCc(这三对基因分别位于不同的同源染色体上)两种豌豆杂交, 求子代基因型的种类 及 Aabbcc 所占的比例? 分解: Aa×Aa 产生 3 种基因型(AA∶Aa∶aa=1∶2∶1), 其中 Aa 占 1/2; Bb×bb 产生 2 种基因型(Bb∶bb=1∶1), 其中 bb 占 1/2;Cc×Cc 产生 3 种基因型(CC∶Cc∶cc=1∶2∶1),其中 cc 占 1/4。 组合:子代基因型种类为 3×2×3=18,其中 Aabbcc 占(1/2)×(1/2)×(1/4)=1/16。

2.有关特殊分离比的解题步骤 (1)看后代可能的配子组合,若组合方式是 16 种,不管以什么样的比例呈现,都符合基因的自由组合定律。 (2)写出正常的分离比 9∶3∶3∶1。 (3)对照题中所给信息进行归类,若其分离比为 9∶7,则为 9∶(3∶3∶1),即 7 是后三种合并的结果;若其分离比 为 9∶6∶1,则为 9∶(3∶3)∶1;若其分离比为 15∶1,则为(9∶3∶3)∶1。 3.辨清两对相对性状自由组合时的几种性状分离比的实质 (1)AaBb×AaBb→9∶3∶3∶1,(即 Aa×Aa→3∶1 与 Bb× Bb→3∶1 自由组合) (2)(AaBb×Aabb,AaBb×aaBb)→3∶3∶1∶1,(即 Aa×Aa→ 3∶1 与 Bb×bb→1∶1 或 Aa×aa→1∶1 与 Bb×Bb→3∶1 的自由组合) (3)(AaBb×aabb,Aabb×aaBb)→1∶1∶1∶1,(即 Aa×aa→1∶1 与 Bb×bb→1∶1 的自由组合)

4.致死类型的确认 针对一对等位基因:杂合子自交子代若出现显、隐性比为 2∶1,则表明 AA 致死。针对两对等位基因,双杂合子 自交子代总组合数应为“16”,倘若总组合数偏离 16,则缺少的比例可能是致死所致,对照 9∶3∶3∶1 可确认致死类 型及比例,高考中最常涉及的是出现 “15”组合数字,则表明有 基因型。 1 比例致死,对照亲本基因型,可确认该比例所涉及的 16

考点二

伴性遗传与人类遗传病

1.遗传系谱图中遗传病类型的判断

2.位于 X、Y 染色体同源区段上的基因的遗传

如图为 X、Y 染色体的结构模式图,Ⅰ为 X、Y 染色体的同源区段。假设控制某个相对性状的基因 A(a)位于 X 和 Y 染色体的Ⅰ片段,那么这对性状在后代男女个体中表现型也有差别,如: ♀XaXa XaYA (♂全为显性) × ↓ XaXa (♀全为隐性) XaYA♂

3.遗传概率的常用计算方法 (1)用分离比直接计算:如人类白化病遗传:Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa=3 正常∶1 白化病,生一个孩子正常的概 率为 3/4,患白化病的概率为 1/4。 (2)用产生配子的概率计算:如人类白化病遗传:Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa,其中 aa 为白化病患者,再生一个白 化病孩子的概率为父本产生 a 配子的概率与母本产生 a 配子的概率的乘积,即 1/2a×1/2a=1/4aa。 (3)用分支分析法计算:多对性状的自由组合遗传,先求每对性状出现的概率,再将多个性状的概率进行组合,也 可先算出所求性状的雌、雄配子各自的概率,再将两种配子的概率相乘。

(1)X、Y 染色体同源区段上基因的遗传并非都与性别有关。 X、Y 染色体同源区段上存在等位基因,这些基因控制的性状在后代中的性状表现是否有性别之分,要视具体基因 型而定,不能一概而论。如:左图与性别有关,而右图与性别无关。

(2)有关伴性遗传的概率计算无论多么简单,要用遗传图解的方法依次写出亲本及子代的基因型情况以便顺利解决 患病男孩和男孩患病的问题。 (3)运用假说—演绎解决问题的经典实验是孟德尔定律的发现,摩尔根的实验和 DNA 半保留复制的实验而萨顿的 “基因在染色体上”是类比推理法,并未用实验验证。

易错母题探究
1.调查某种遗传病得到如下系谱图,经分析得知,两对独立遗传且表现完全显性的基因(分别用字母 Aa、Bb 表 示)与该病有关,且都可以单独致病。在调查对象中没有发现基因突变和染色体变异的个体。请回答下列问题:

(1)该种遗传病的遗传方式________( 1、3 个体均不患病。进一步分析推 不是 是/不是)伴 X 隐性遗传,因为第Ⅰ代第________ 测该病的遗传方式是______________ 常染色体隐性 。

AaBb ,Ⅱ (2)假设Ⅰ-1 和Ⅰ-4 婚配、Ⅰ-2 和Ⅰ-3 婚配,所生后代患病的概率均为 0,则Ⅲ-1 的基因型为________
AABB 或 AaBB(AABB 或 AABb) -2 的基因型为___________________________________ 。在这种情况下,如果Ⅱ-2 与Ⅱ-5 婚配,其后代携带致病基 5/9 因的概率为________ 。

解析

(1)根据系谱图中的女儿(Ⅱ-3 或Ⅱ-6)患病而父亲(Ⅰ-1 或Ⅰ-3)不患病,可排除该病为 X 染色体隐性遗

传方式的可能,该遗传病为常染色体隐性遗传;(2)据题意分析可知,Ⅰ-1 与Ⅰ-2 家庭带一种致病基因,设为 a,不 带另一种致病基因,设为 B;而Ⅰ-3 与Ⅰ-4 家庭带另一种致病基因,设为 b,不带 a 致病基因,即为 A;也就是说, Ⅰ-1 与Ⅰ-2 的基因型都为 AaBB,Ⅰ-3 与Ⅰ-4 的基因型都为 AABb,这样,Ⅰ-1 与Ⅰ-4、Ⅰ-2 与Ⅰ-3 婚配 所生后代的基因型都为 A_B_, 都表现为不患病。 进一步推导可知, Ⅱ-2 的基因型是 AABB(占 1/3)或 AaBB(占 2/3)(注: 两种基因 A 与 B 可以交换),Ⅱ-3 的基因型是 aaBB,Ⅱ-4 的基因型是 AAbb,Ⅱ-5 的基因型是 AABB(占 1/3)或 AABb( 占 2/3),则 Ⅲ- 1 的基因型是 AaBb; Ⅱ - 2 与Ⅱ - 5 婚配后代携带致病基因的交配方式有三种可能,即为 1/3AABB×2/3AABb 、 2/3AaBB×1/3AABB 、 2/3AaBB×2/3AABb ,最后的概率是: 1/3×2/3×1/2 + 2/3×1/3×1/2 + 2/3×2/3×3/4=5/9。

(1)如何判断该病的遗传方式?

提示

无中生有为隐性、隐性遗传看女病,父子都病为伴性。由 I1、I2 和Ⅱ3 可知为常染色体隐性。

(2)该题中需要注意的信息有哪些?

提示

该病是由两对独立遗传的基因控制。

不用考虑出现基因突变和染色体变异。
不能灵活运用题干信息,该病是由两对独立遗传的基因控制,导致出错。

即时变式训练 2.[2015· 石家庄模拟]如图是某家族中一单基因遗传病的遗传系谱图 (不考虑 X、Y 染色体同源区段上的基因),下 列相关分析错误的是( )

A.若该病是由隐性基因控制的,则图中 3、5、8、9、10 都是携带者 B.若致病基因在常染色体上,则一定是显性遗传病 C.6 号患病,其女 10 号不患病,由此可排除伴 X 染色体显性遗传病 D.1 号患病,其子 5 号不患病,由此可排除伴 X 染色体隐性遗传病

点拨

系谱图中没有可供快速判断的特例,所以不能准确判断控制遗传病的基因的显隐性。结合伴性遗传的相

关特点(且不考虑 X、Y 染色体同源区段上的致病基因),通过 6 号患病 10 号不患病,可以排除伴 X 染色体显性遗传 病;1 号患病 5 号不患病,可以排除伴 X 染色体隐性遗传病。因此本题遗传系谱图中涉及的单基因遗传病可能是常 染色体显性遗传病,也可能是常染色体隐性遗传病。因为不可能是伴性遗传,所以若该病是由隐性基因控制的,则 患者的基因型是 aa,则 3、5、8、9、10 都是 Aa,即都是携带者。

3.大力倡导优生优育是提高我国人口素质的重要手段,优生的主要措施包括禁止近亲结婚、遗传咨询和产前诊断 等。请回答相关问题: (1)禁止近亲结婚的遗传学原理是 降低了源于共同祖先的隐性遗传病的发病率 ______________________________________________________ 。 (2)某男性患抗维生素 D 佝偻病(X 染色体显性遗传),家族中其他人均正常,则患者的致病基因可能来源于他的 ________( 期发生了突变。 医生建议患者妻子孕期要做产前检 间 母亲 填“父亲”或“母亲”)体内的基因在减数分裂的________
男 性胎儿,以降低发病率。 查,应选择生育________

(3)现有一对高龄夫妻,家族中没有任何遗传病史。医生仍要求孕妇进行产前诊断,目的是避免生育先天性愚型等
染色体异常 遗传病患儿。 ___________

(4)某对新婚夫妇进行遗传咨询,医生根据他们提供的情况绘出系谱图如下 (11 号与 12 号是新婚夫妇):

27/40 。 1/10 ,不患病的概率为________ 请据图推断,他们生育的孩子患半乳糖血症的概率为 ________

(5)如果将相关基因的 DNA 片段进行 PCR 扩增,然后电泳检测,致病基因形成条带的位置与正常基因不同。如图 为一段时间后对这对夫妇的胎儿及家族中部分成员的电泳检测结果:

不患 结合(4)中系谱图分析,胎儿将________( 填“患”或“不患”)半乳糖血症,他携带的半乳糖血症致病基因最终来
1 源于________ 号。

点拨

(1)禁止近亲结婚可使夫妻双方从共同祖先那里继承同种致病基因的机会降低,降低了后代的发病率。(2)抗

维生素 D 佝偻病是伴 X 染色体显性遗传病,家族中其他人均正常,男性患者致病基因可能来自其母亲,可能是其母亲 在减数分裂的间期发生了基因突变;若要降低发病率应选择生育男孩。(3)高龄夫妻进行产前诊断可以避免生育先天性 愚型等染色体异常遗传病患儿。(4)据系谱图 3、4 号正常,而 9 号患病可判断半乳糖血症(基因用 A、a 来表示)属于常 染色体隐性遗传病,11 号的基因型为 1/3AAXBXb、2/3AaXBXb,12 号的基因型为 2/5AAXBY、3/5AaXBY,二者生育的孩 子患半乳糖血症的概率为 2/3×3/5×1/4=1/10,患色盲的概率为 1/4,则不患病的概率为 1-1/10-1/4+1/10×1/4= 27/40。(5)从这对夫妇的胎儿及家族中部分成员的电泳检测结果可看出该胎儿含有一个致病基因、一个正常基因,不患 半乳糖血症,他携带的致病基因最终来源于 1 号个体。

1.“排除法”分析遗传系谱图

2.归纳两种遗传病组合在一起的概率计算 例如:有甲、乙两种遗传病按自由组合定律遗传,据亲代的基因型已判断出后代患甲病的可能性为 m,患乙病的 可能性为 n,则后代表现型的种类和可能性为

?1-n?。 ?①只患甲病的概率是m· ?②只患乙病的概率是n· ?1-m?。 ?③甲、乙两病同患的概率是m· n。 ? ?1-n?。 ?④甲、乙两病均不患的概率是?1-m?· 3. 一次杂交实验判断基因在常染色体还是 X 染色体(或者在苗期就能分辨雌雄)的杂交亲本常用类型为雌隐、 雄显。



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