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2014南充一诊理科数学试题及答案


高三数学(理科)一诊参考答案第 1 页(共 5 页)

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南充市高 2014 届第一次高考适应性考试 数学试题参考答案及评分意见(理科)
一、选择题 1-5 ABAAD 二、填空题 11. -80 三、解题答 16. 解:(Ⅰ) 由 Sn=n-5an-85 可得: 同时 ②-①可得: 从而 为等比数列,首项 ,公比为 . . ??????????6 分 ② . ??????4 分 ① .

6-10 BDCAC

12.7

13.4 2 +2

14. [-

1 ,0) 15. ①③ 2

(Ⅱ) 由(Ⅰ)知



??????????8 分



. ??????12 分

17. 解: (1)∵函数的最大值为 2,∴A=2 又∵函数的周期 T=4( ∴ω= ∵f( ﹣ )=π, ????????2 分

=2,得函数表达式为 f(x)=2sin(2x+φ) )=2 为函数的最大值,∴2× ,取 k=0 得 φ= ) +φ= +2kπ(k∈Z) ????????4 分 ????????6 分

结合|φ|<

∴函数 f(x)的解析式为 f(x)=2sin(2x+

高三数学(理科)一诊参考答案第 5 页(共 5 页)

(2)由(1)得 f(A)=2sin(2A+ ∵A∈(0,π) ,∴2A+
2 2

)=2, ???????8 分
2

=
2

,得 A=

根据余弦定理,得 a =b +c ﹣2bccosA=(b+c) ﹣2bc(1+cos 即 1=2 ﹣2bc(1+cos
2

) , ???????10 分 ??????12 分

) ,解之得 bc=

=3(2﹣ 3(2﹣ )×sin

) =

因此,△ ABC 的面积 S= bcsinA=

18. 解:方法一 (1)证明:∵EA⊥平面 ABC,BM?平面 ABC,∴EA⊥BM. 又∵BM⊥AC,EA∩AC=A, ∴BM⊥平面 ACFE. 而 EM?平面 ACFE. ∴BM⊥EM. ∵AC 是圆 O 的直径,∴∠ABC=90° . 又∵∠BAC=30° ,AC=4, ∴AB=2 3,BC=2,AM=3,CM=1. ∵EA⊥平面 ABC,FC∥EA,∴FC⊥平面 ABC. 又 FC=CM=1,AM=EA=3, ∴△EAM 与△FCM 都是等腰直角三角形. ∴∠EMA=∠FMC=45° . ∴∠EMF=90° ,即 EM⊥MF. ∵MF∩BM=M,∴EM⊥平面 MBF. 而 BF?平面 MBF,∴EM⊥BF.

???? 6 分 (2)解:延长 EF 交 AC 的延长线于 G,连接 BG,过点 C 作 CH⊥BG,连接 FH. 由(1)知 FC⊥平面 ABC,BG?平面 ABC, ∴FC⊥BG. 而 FC∩CH=C,∴BG⊥平面 FCH. ∵FH?平面 FCH,∴FH⊥BG. ∴∠FHC 为平面 BEF 与平面 ABC 所成的二面角的平面角. 在 Rt△ABC 中,∵∠BAC=30° ,AC=4, ∴BM=AB· sin30° 3. = FC GC 1 由 = = ,得 GC=2. EA GA 3 ∵BG= BM2+MG2= ? 3?2+32=2 3, 又∵△GCH∽△GBM, GC CH GC· BM 2× 3 ∴ = ,则 CM= = =1. BG BM BG 2 3 ∴△FCH 是等腰直角三角形,∠FHC=45° . ∴平面 BEF 与平面 ABC 所成的锐二面角的余弦值为 ???? 12 分 方法二 (1)证明:因为 AC 是圆 O 的直径,所以∠ABC=90° ,又∠BAC=30° ,AC= 4,所以 AB=2 3,而 BM⊥AC,易得 AM=3,BM= 3.如图,以 A 为坐标原点,垂 直于 AC 的直线,AC、AE 所在的直线为 x,y,z 轴建立空间直角坐标系.由已知条件 得 A(0,0,0),M(0,3,0),E(0,0,3),B( 3,3,0),F(0,4,1), ∴=(0,-3,3),=(- 3,1,1).
高三数学(理科)一诊参考答案第 6 页(共 5 页)

2 . 2

由· =(0,-3,3)· (- 3,1,1)=0, 得⊥,∴EM⊥BF. ???? 6 分 (2)解:由(1)知=(- 3,-3,3),=(- 3,1,1). 设平面 BEF 的法向量为 n=(x,y,z),由 n· =0,n· =0,

?- 3x-3y+3z=0, 得? ?- 3x+y+z=0.
令 x= 3得 y=1,z=2,∴n=( 3,1,2). 由已知 EA⊥平面 ABC,所以平面 ABC 的一个法向量为=(0,0,3). 设平面 BEF 与平面 ABC 所成的锐二面角为 θ, | 3×0+1×0+2×3| 2 则 cosθ=|cos〈n, 〉|= = . 2 3×2 2 ???? 12 分 19.(Ⅰ)解:依题意,甲、乙两组的学生人数之比为 (3 ? 5) : (2 ? 2) ? 2 :1 , 所以,从甲组抽取的学生人数为

2 1 ? 3 ? 2 ;从乙组抽取的学生人数为 ? 3 ? 1 . 3 3

设“从甲组抽取的同学中恰有 1 名女同学”为事件 A ,

C1 ? C1 15 则 P ( A) ? 3 2 5 ? , C8 28
故从甲组抽取的同学中恰有 1 名女同学的概率为 (Ⅱ)解:随机变量 X 的所有取值为 0,1, 2,3 .
2 C5 ? C1 5 2 P( X ? 0) ? 2 1 ? , C8 ? C4 28 2 C1 ? C1 ? C1 C5 ? C1 25 3 5 2 2 P( X ? 1) ? ? 2 1 ? , 2 1 C8 ? C4 C8 ? C4 56

15 . 28

??????5 分

P( X ? 2) ?

2 C3 ? C1 C1 ? C1 ? C1 9 2 ? 3 2 5 1 2 ? , 2 1 C8 ? C4 C8 ? C 4 28

P ( X ? 3) ?

2 C3 ? C1 3 2 ? . ?????9 分 2 1 C8 ? C 4 56

所以,随机变量 X 的分布列为:

X
P

0
5 28

1
25 56

2
9 28

3
3 56

EX ? 0 ?

5 25 9 3 5 ? 1? ? 2 ? ? 3 ? ? . 28 56 28 56 4
?

??????12 分

20.(Ⅰ)解:依题意,当直线 AB 经过椭圆的顶点 (0, b) 时,其倾斜角为 60 . ?????1 分 设 F (?c, 0) , 则

b ? tan 60? ? 3 . c
高三数学(理科)一诊参考答案第 7 页(共 5 页)

??????2 分

将 b?

3c 代入 a 2 ? b2 ? c 2 ,
??????3 分

解得 a ? 2c . 所以椭圆的离心率为 e ?

c 1 ? . a 2
x2 y2 ? 2 ?1. 4c 2 3c

??????4 分

(Ⅱ)解:由(Ⅰ),椭圆的方程可设为

??????5 分

设 A( x1 , y1 ) , B( x2 , y2 ) . 依题意,直线 AB 不能与 x, y 轴垂直,故设直线 AB 的方程为 y ? k ( x ? c) ,将其代入

3x 2 ? 4 y 2 ? 12c 2 ,整理得 (4k 2 ? 3) x 2 ? 8ck 2 x ? 4k 2c 2 ? 12c 2 ? 0 .
则 x1 ? x2 ?

??????7 分

?8ck 2 ?4ck 2 3ck 6ck , y1 ? y2 ? k ( x1 ? x2 ? 2c) ? , G( 2 , 2 ). 2 2 4k ? 3 4k ? 3 4k ? 3 4k ? 3
??????8 分

因为 GD ? AB ,

3ck 2 4k 2 ? 3 ? k ? ?1, x ? ?ck . 所以 D ?4ck 2 4k 2 ? 3 ? xD 4k 2 ? 3
因为 △ GFD ∽△ OED ,

??????9 分

?4ck 2 ?ck 2 2 3ck 2 ? 2 ) ?( 2 ) 2 S | GD | 4k ? 3 所以 1 ? ? 4k ? 3 4k ? 3 ?ck 2 2 S2 | OD |2 ( 2 ) 4k ? 3
2

(

??????11 分

?

(3ck 2 )2 ? (3ck ) 2 9c 2 k 4 ? 9c 2 k 2 9 ? ? 9? 2 ? 9. 2 2 2 4 (ck ) ck k

??????12 分

所以

S1 的取值范围是 (9, ??) . S2
=x,可得(1﹣b)x +cx+a=0,(b≠1).
2

??????13 分

21.解:(1)解:设

由于函数

有且仅有两个不动点 0,2,故 0,2 是方程(1﹣b)x +cx+a=0 的两个根,

2

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1 1 1 ? ln(1 ? ) ? 中, 令n ? 1,2,3, ?,2013,并将各式相加,得 n ?1 n n 1 1 1 1 2 3 4 2014 1 1 1 <ln ? ln ? ln ? ? ? ? ln ? ? ? ?? ? 1? ? ??? 2 3 4 2014 1 2 3 2013 2 3 2013

???13 分

∴T2014-1<ln2014<T2013

??????14 分

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